Bài 2.28 trang 80 Sách bài tập (SBT) Hình học 11
Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình bình hành ABCD, O là giao điểm hai đường chéo, AC = a, BD = b, tam giác SBD đều. ...
Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình bình hành ABCD, O là giao điểm hai đường chéo, AC = a, BD = b, tam giác SBD đều.
Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình bình hành ABCD, O là giao điểm hai đường chéo, AC = a, BD = b, tam giác SBD đều. Gọi I là điểm di động trên đoạn AC với . Lấy là mặt phẳng đi qua I và song song với mặt phẳng (SBD).
a) Xác định thiết diện của mặt phẳng với hình chóp S.ABCD.
b) Tìm diện tích S của thiết diện ở câu a) theo a, b, x. Tìm x để S lớn nhất.
Giải:
a) Trường hợp 1 .
I thuộc đoạn (AOleft( {0 < x < {a over 2}} ight))
Khi đó I ở vị trí I1
Ta có: (left( alpha ight)parallel left( {SB{ m{D}}} ight))
( Rightarrow left{ matrix{
left( alpha
ight)parallel B{
m{D}} hfill cr
left( alpha
ight)parallel SO hfill cr}
ight.)
Vì (left( alpha ight)parallel BD) nên (left( alpha ight)) cắt (ABD) theo giao tuyến M1N1 ( qua I1) song song với BD
Tương tự (left( alpha ight)parallel SO) nên (left( alpha ight)) cắt (SOA) theo giao tuyến
S1I1 song song với SO.
Ta có thiết diện trong trường hợp này là tam giác ({S_1}{M_1}{N_1}).
Nhận xét. Dễ thấy rằng ({S_1}{M_1}parallel SB) và ({S_1}{N_1}parallel S{ m{D}}). Lúc đó tam giác ({S_1}{M_1}{N_1}) đều.
Trường hợp 2. I thuộc đoạn (OCleft( {{a over 2} < x < a} ight))
Khi đó I ở vị trí I2. Tương tự như trường hợp 1 ta có thiết diện là tam giác đều ({S_2}{M_2}{N_2}) có ({M_2}{N_2}parallel B{ m{D}}), ({S_2}{M_2}parallel SB), ({S_2}{N_2}parallel S{ m{D}}).
Trường hợp 3. (I equiv O). Thiết diện chính là tam giác đều SBD.
b) Ta lần lượt tìm diện tích thiết diện trong các trường hợp 1,2,3.
Trường hợp 1 . I thuộc đoạn (AOleft( {0 < x < {a over 2}} ight))
({{{S_{{S_1}{M_1}{N_1}}}} over {{s_{SB{ m{D}}}}}} = {left( {{{{M_1}{N_1}} over {B{ m{D}}}}} ight)^2} = {left( {{{2x} over a}} ight)^2})
({S_{{S_1}{M_1}{N_1}}} = {{4{{ m{x}}^2}} over {{a^2}}}.{S_{SB{ m{D}}}} = {{4{{ m{x}}^2}} over {{a^2}}}.{{{b^2}sqrt 3 } over 4} = {{{b^2}{x^2}sqrt 3 } over {{a^2}}})
Trường hợp 2 . I thuộc đoạn (OCleft( {{a over 2} < x < a} ight))
({{{S_{{S_2}{M_2}{N_2}}}} over {{S_{SBD}}}} = {left( {{{{M_2}{N_2}} over {BD}}} ight)^2} = left[ {{{2{{left( {a - x} ight)}^2}} over a}} ight])
({S_{{S_2}{M_2}{N_2}}} = {4 over {{a^2}}}{left( {a - x} ight)^2}.{{{b^2}sqrt 3 } over 4} = {{{b^2}sqrt 3 } over {{a^2}}}{left( {a - x} ight)^2})
Trường hợp 3. (I equiv O) .
({S_{SBD}} = {{{b^2}sqrt 3 } over 4})
Tóm lại
({S_{thiết,diện}} = left{ matrix{
{{{b^2}{x^2}sqrt 3 } over {{a^2}}},,,,,,,,,,,,,,,,nếu,,0 < x < {a over 2} hfill cr
{{{b^2}sqrt 3 } over 4},,,,,,,,,,,,,,,,,,,,nếu,,x = {a over 2} hfill cr
{{{b^2}sqrt 3 } over {{a^2}}}{left( {a - x}
ight)^2},,nếu,,{a over 2} < x < a, hfill cr}
ight.)
* Đồ thị của hàm số S theo biến x như sau:
Vậy Sthiết diện lớn nhất khi và chỉ khi (x = {a over 2}).
Sachbaitap.com
